2018年内蒙古呼伦贝尔市莫旗中考物理一模试卷（含解析） 32页

2018年内蒙古呼伦贝尔市莫旗中考物理一模试卷一.选择题（共14小题，满分28分，每小题2分）1.（2分）在测量一本书的宽度时,四次测量记录为：12.38cm>12.36cm>12.38cm,12.34cm,则这本书宽度的平均值是（）A.12.38cmB・12.37cmC・12.365cmD・12.36cm2.（2分）关于声现象，下列说法中正确的是（）A.声音的传播不需要介质，真空可以传声B.用大小不同的力敲鼓可以改变鼓声的音调C.住宅小区周围种植花草树木是为了在传播过程中减弱噪声D.医生用〃B超〃给病人做检查，说明声音可以传递能量3.（2分）祖国的山河一年四季美景如画，对以下四个选项的描述中的物态变化,属于升华的是（）A.春天，山间岀现口雾B.夏天，草叶上形成露珠C.秋天，枝头挂上白霜D.严冬，冰雕逐渐减小4.（2分）在体育测试中，小红的百米赛跑成绩是16s,测得她在50m处的速度是6m/s,到终点时的速度为7.5m/s，则全程内的平均速度是（）A.6m/sB・6.25m/sC.6.75m/sD.7.5m/s5.（2分）小红和小明站在冰而上静止。小明在后而推了小红一下，使小红向前滑去，同时，小明后退，这个现象不能说明（）A.力可以改变物体的运动状态B.力的作用效果与力的方向有关C.力的作用效果与力的作用点有关D.物体间力的作用是相互的6.（2分）如图所示的四种情景，下列说法中正确的是（） 甲乙丙丁A.图甲所示说明分子之间只存在引力A.图乙所示木塞被冲出时试管口出现〃白雾〃，说明水蒸气的内能增加B.图丙所示是汽油机的做功冲程，将内能转化为机械能C.图丁所示水的温度必须达到100°C时，水才会沸腾1.（2分）高速公路上发生连环追尾事故的主要原因之一是车速过快、未保持有效车距。下列说法正确的是（）A.车速越快，汽车的惯性越大B.保持车距可以减小惯性C.刹车距离与车速无关D.汽车的质量越大，惯性越大&（2分）下列有关光学知识说法正确的是（）A.近视眼的矫正是佩戴合适的凸透镜B.池水看起来变〃浅〃了，这是由于光的折射形成的C.人站在穿衣镜前看到自己在镜中的像是放大的D.人通过放大镜看到的是物体正立放大的实像9.（2分）三个质量、底面积都相等，但形状不同的容器放在水平桌面上，其内分别装有甲、乙、丙三种液体，它们的液面在同一水平面上，如图所示，若容器对桌面的压强相等，则三种液体对容器底的压强（）A.甲最大B.乙最大C.丙最大D.一样大10.（2分）在如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S,电路正常工作，过了一会儿，灯L熄灭，两个电表中只有一个电表的示数变小，则下列判断中正确的是（） A.灯L断路B.电阻R短路C・灯L短路D.电阻R断路9.（2分）甲、乙两只普通照明灯泡的铭牌如图所示，如不考虑灯丝电阻随温度的变化，则下列说法中正确的是（）甲乙A.甲灯的实际功率一定是25WB.两灯均正常发光时，乙灯消耗的电能较少C.将乙灯接入110V电路中，它的实际功率为25WD.两灯均正常发光时，甲灯灯丝电阻较小10.（2分）如图所示是电阻甲和乙的U-I图象，下列说法正确的是（）A.甲的电阻值保持10Q不变B.乙的电阻值保持20Q不变C.甲、乙并联在电路中，当电源电压为2V时，电路总电流为0.3AD.甲、乙串联在电路中，当电路电流为0.2A时，甲的功率为0.6W11.（2分）如图所示的汽车有害尾气排放检测电路。其中，R为气敏电阻，它的阻值随有害气体浓度的増大而变小，电源电压恒定不变，Ro为定值屯阻，闭合开关，当有害尾气浓度增大时下列判断正确的是（） A.电压表示数变大,电流表示数变大A.电压表示数变小，电流表示数变小B.电压表示数变大，电流表示数变小D.电压表示数变小,电流表示数变大9.（2分）关于能源、材料、信息的说法止确的是（）A.光伏发电的晶体板是绝缘体B.太阳能、核能等新能源都属于可再生能源C.电热器中的发热体是由超导体材料制成的D・〃北斗卫星〃导航是利用电磁波传递信息的一.填空题（共5小题，满分10分，每小题2分）10.（2分）汽车上坡前，往往加大油门，这是为了增大;在爬坡过程屮又调成低速档位，这是为了获得较大的牵引力，汽车匀速上坡吋，机械能（选填"增大〃"减小〃"不变〃）。11.（2分）如图所示，可燃冰是天然气和水结合在一起的I古1体化合物，外形与冰相似，主要由水分子和甲烷分子组成，也称甲烷水合物。同等条件下，"可燃冰〃完全燃烧放出的热量可达煤气的数十倍，这说明〃可燃冰〃的很大。100g"可燃冰〃完全燃烧放出的热量，可以使kg的水从20°C升温到60°C【已知:c^=4.2X103J/（kg>°C）,q^=4.2X108J/kg]17・（2分）如图所示，A物体质量为2kg,在力F的作用下沿水平地面做匀速直线运动，物体运动了5m,弹簧测力计读数为5N,若不计绳与轮之间的摩擦和绳重，则A受地面的摩擦力为N,拉力F做的功是Jo18.（2分）把一铁块浸没在盛满酒精的烧杯中，从杯中溢出的酒精；现把它浸没在盛满水的烧杯中，则从杯中溢岀的水是g,这铁块的质量是 kg・（p铁=7.9X103kg/m3,pm=0.8X103kg/m3）19.（2分）某手机专用锂电池，上面标明电压为3.7V,容量为1000mAh,给它充电吋，能转化为能，充满电后，大约储存了J的电能。一.作图题与实验探究题（共4小题，满分16分）20.（2分）根据图屮给出的入射光线，画出相应的折射光线。21.（4分）在"探究杠杆的平衡条件〃实验中:aA.甜子（1）如图a所示，为使杠杆在水平位置平衡,应将杠杆右端的平衡螺母向旋（选填"左"或“右（2）如图b所示，在A位置上挂两个相同钩码,应该在B位置挂上同样的钩码，才能使杠杆在水平位置平衡。（3）如图c所示，弹簧测力计由竖直方向逐渐向左转动，杠杆始终保持水平平衡，则弹簧测力计的示数将（选填"变大〃、"变小〃或"不变〃）。（4）使用杠杆能为我们的牛活带来方便。如图d所示，下列杠杆能够省距离的22.（5分）小明学了有关电磁方而的知识后，设计了如图所示的甲、乙两个装（1）为了探究电磁感应现象，小华应选用装置进行实验。 (2)小明选用甲装置探究有关知识时，进行了如下的操作，其中不能使电流表指针发生偏转的是(填序号)①让导线ab在磁场中斜向上运动；②让导线ab在磁场中沿水平方向左右运动③让导线ab沿竖直方向上下运动甲P乙(3)如果在乙装置的实验中，当开关闭合时，发现直导线ab向左运动，若要使导线ab向右运动，你采取的措施是。(4)甲、乙两图的原理分别用于制造和o(选填〃电动机〃或〃发电机〃)。22.(5分)在"测量小灯泡额定功率〃的实验中，小刚同学用一个电压表、一个电流表、一个开关一个滑动变阻器、电压为6V的电源和额定电压为3.8V的小灯泡,设计了如图甲所示电路。T(1)1E确连接好电路后，闭合开关，当滑动变阻器的滑片向左移动时，电流表示数(选填"变大〃、"变小〃或〃不变〃九当电压表的示数为V吋小灯泡正常发光，此时电流表指针如图丙所示，其示数为A,小灯泡的额定功率为Wo(2)在完成以上实验后，小明进一步测量并描绘岀小灯泡的电流随电压变化的曲线如图丁所示，通过图象发现灯丝的电阻是变化的，产生这一现象的原因是：;(3)有一位同学在连接好电路后，闭合开关，在移动滑动变阻器滑片P的过程 中发现：灯泡变亮时电压表示数变小；灯泡变暗时，电压表示数变大。经检查所用器材完好，出现这种现象的原因可能是。四•计算题(共3小题，满分16分)22.(4分)用一个瓶子盛某种液体，测岀装入液体的体积V与液体和瓶子的总质量m,画出的关系图象如图所示。求：(1)空瓶子的质量是多少？(2)该液体的密度是多少？(3)如果在这个瓶子里装60cn?的这种液体，液体与瓶子的总质量为多少？25.(6分)如图所示，水平地面上有底面积为40cn?的薄壁容器。体积为V二200cm3的木块A在绳子向下的拉力F=0.8N的作用下完全浸没在水中(绳子重力不计)•此时液面到容器底的距离是30cm,求：(1)水对容器底的压强。(2)木块的重力。(3)剪断绳子，待木块静止后水对容器底的压强变化了多少。额定电压V220頰Hz50吹热凤时的功率w980吹冷凤时的功率W10026.(6分)如图1是电吹风工作原理的电路图(R为电热丝，M为电动机).图2是该电吹风的铭牌。求：图2(1)该电吹风正常工作且吹热风6min,消耗的电能为多少kW・h?(2)电吹风正常工作且吹热风时，流过电热丝的电流有多大？ (1)电热丝R的阻值有多大？(电热丝阻值随温度的变化不计) 2018年内蒙古呼伦贝尔市莫旗中考物理一模试卷参考答案与试题解析一.选择题（共14小题，满分28分，每小题2分）1.（2分）在测量一本书的宽度时,四次测量记录为：12.38cm>12.36cm、12.38cm、12.34cm，则这木书宽度的平均值是（）A.12.38cmB・12.37cmC・12.365cmD・12.36cm【分析】为减小谋差，常用的测量方法是多次测量求平均值，题日中测量了四次书本的宽度，求出平均值即可，注意小数点后保留与原题屮相同的位数。【解答】解：书的宽度为迪!“2・365cm~12・37cm。4故选:Bo【点评】用刻度尺多次测量物体长度时，平均值要保留到与测量数值位数一样，这样更接近物体长度真实值。2.（2分）关于声现彖，下列说法中正确的是（）A.声咅的传播不需要介质，真空可以传声B.用大小不同的力敲鼓可以改变鼓声的音调C.住宅小区周围种植花草树木是为了在传播过程中减弱噪声D.医生用“B超〃给病人做检查，说明声音可以传递能量【分析】解答此题从以下知识点入手：（1）声咅的传播是需要介质的，它既可以在气体中传播，也可以在固体和液体中传播，在不同介质中的传播速度不同；但不能在真空中传播。（2）响度是指人耳感觉到的声音的大小，它跟发声体的振幅有关。（3）减弱噪声的途径：①在声源处减弱--消声；②在传播过程中减弱--吸声；③在耳朵处减弱■■隔声。（4）声咅既能够传递信息，又能够传递能量。 【解答】解：A、声音的传播需要介质，能够在固体、液体和气体中进行传播，但不能够在真空中进行传播；故A错误。B、用大小不同的力敲鼓可以改变鼓声的响度，故B错误；C、住宅小区周围种植花草树木是为了在传播过程中减弱噪声，故C正确；D、医生用“B超〃给病人做检查，说明声波可以传递信息，故D错误。故选：Co【点评】解决此类问题的关键是知道声音的传播条件，声音三要素，以及减弱噪声的途径是基础题。2.（2分）祖国的山河一年四季美景如画，对以下四个选项的描述中的物态变化,属于升华的是（）A、春天，山间岀现口雾B.夏天，草叶上形成露珠C.秋天，枝头挂上白霜D.严冬，冰雕逐渐减小【分析】物质由固态直接变为气态，叫升华，分析各选项的物质状态变化，找出符合要求的选项。【解答】解：A、山间的雾是液体，它是由空气中的水蒸气放热液化后形成的，不符合题意；B、露珠是液体，它是由空气屮的水蒸气放热液化后形成的，不符合题意；C、霜是固体，它是由空气中的水蒸气放热凝华后形成的，不符合题意；D、冰雕是固体，它可以直接升华变成水蒸气消失，符合题意。故选：Do【点评】要判断各选项的物态变化是否相对应，首先要弄清楚各选项的物态变化特点，然后根据变化前后的物态特征来判断属于哪种物态变化。3.（2分）在体育测试中，小红的百米赛跑成绩是16s,测得她在50m处的速度是6m/s,到终点时的速度为7.5m/s,则全程内的平均速度是（）A.6m/sB・6.25m/sC.6.75m/sD.7.5m/s【分析】根据平均速度的计算公式，用百米路程除以跑完这段路程所用的时间，和某时刻的速度无关。 【解答】解：由题意知：s=100m,t=16s,由平均速度公式： v=_s=102kl二6.25m/Sot16s故选：Bo【点评】解决本题注意排除干扰因素（某时刻的速度），挖掘关键字词：“百米赛〃告诉路程；〃他的成绩是16s〃告诉时间。2.（2分）小红和小明站在冰面上静止。小明在后面推了小红一下，使小红向前滑去，同时，小明后退，这个现象不能说明（）A.力可以改变物体的运动状态B.力的作用效果与力的方向有关C.力的作用效果与力的作用点有关D.物体间力的作用是相互的【分析】（1）掌握力的作用效果：改变物体的形状、改变物体的运动状态，运动方向和速度大小的变化，都属于运动状态的变化；（2）掌握力的作用的相互性：一个物体受到力，同时给施力物体一个反作用力。【解答】解：小红和小明站在冰面上静止。小明在后面推了小红一下，使小红向前滑去，同吋，小明后退，即说明物体间力的作用是相互的；同时小红向前滑去说明力可以改变物体的运动状态，同时也表明力的作用效果与力的方向有关，但没有提到力的作用点的改变，所以题目中的信息不能体现出力的作用效果与力的作用点有关，故不能说明的是C选项；故选：Co【点评】知道并理解力的作用效果，能利用物体间力的作用是相互的知识解释实际问题是解决该题的关键。6.（2分）如图所示的四种情景,下列说法中正确的是（)A.图甲所示说明分子之间只存在引力 A.图乙所示木塞被冲出时试管口出现〃片雾〃，说明水蒸气的内能增加B.图丙所示是汽油机的做功冲程，将内能转化为机械能C.图丁所示水的温度必须达到100°C时，水才会沸腾【分析】（1）分子间存在着相互作用的引力与斥力；（2）木塞冲岀过程也是水蒸气的内能转化为寒子机械能的过程，水蒸气的内能会减小，温度降低；（3）四冲程汽油机一个工作循环有四个冲程，分别是吸气、做功、压缩和排气,其中只有做功冲程对外做功，将内能转化为机械能「另外还有压缩冲程有能量转化，将机械能转化为内能；（4）液体的沸点与气压有关，因此水沸腾时的温度不一定达到100°Co【解答】解：A、甲图中两个压紧的铅块能吊起钩码，是由于分子间存在引力，但不是只有引力，故A错误；B、当加热试管到一定程度时，水蒸气的内能足够大会将塞子冲出，将水蒸气的内能转化为塞子的机械能，水蒸气的内能会减小，温度降低，故B错课；C、根据图屮冲程屮火花塞点火和活塞向下移动的特点，可以判断这个冲程是做功冲程，此冲程是将内能转化为机械能，故C正确；D、液体的沸点与气压有关，因此水沸腾时的温度不一定达到100°C，如高山上水的温度低于100°C也会沸腾，故D错误。故选：Co【点评】本题屮的小实验都是课本中学习的基础知识，虽然综合性较强，但难度却不大。7.（2分）高速公路上发生连环追尾事故的主要原因之一是车速过快、未保持有效车距。下列说法正确的是（）A.车速越快，汽车的惯性越大B.保持车距可以减小惯性C.刹车距离与车速无关D.汽车的质量越大，惯性越大【分析】物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性，惯性是物体的一种属性，惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系，质量越大，惯性越大。 【解答】解：惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系，质量越大，惯性越大，故AB错误，D止确；由物理常识可知，车速越大，刹车后滑行的路程越长，即刹车距离与车速有关，故C错误。故选：Do【点评】这是一道物理知识与交通安全教育相结合的题目，此类题目让学生在学习物理知识的同时接受交通安全教育，唤醒同学们的生命意识，具有很强的人性化，符合新课程理念，是一道好题。&(2分)下列有关光学知识说法正确的是()A.近视眼的矫正是佩戴合适的凸透镜B.池水看起来变〃浅〃了，这是由于光的折射形成的C.人站在穿衣镜前看到自己在镜中的像是放大的D.人通过放大镜看到的是物体正立放大的实像【分析】(1)掌握近视眼的成因及矫正，近视眼镜是凹透镜，对光线有发散作用；(2)池水看起来变〃浅〃了，这是由于光的折射形成的；(3)平面镜成像特点之一：正立等大的虚像；(4)放大镜是根据物距小于焦距时，凸透镜成正立放大虚像的原理制成的。【解答】解：A、近视眼是晶状体的曲度变大，会聚能力增强，即折光能力增强,应佩戴发散透镜，使光线推迟会聚，因此利用了凹透镜对光的发散作用，故A错误；B、池底的光线从池底射向空气中时，在水面上发生折射，折射角大于入射角，折射光线进入人眼，人眼会逆着折射光线的方向看去，就会觉得池底变浅了，故B正确;C、穿衣镜是平面镜，人站在穿衣镜前看到自己在镜中的像是正立等大的虚像，故C错误；D、放大镜是根据物距小于焦距时，凸透镜成正立放大虚像，故D错误。故选：Bo【点评】此题考查了有关凸透镜成像的规律及应用，同吋考查了有关近视眼的成因及矫正，平面镜成像特点等，是一道基础性题目。 9.（2分）三个质量、底而积都相等，但形状不同的容器放在水平桌而上，其内分别装有甲、乙、丙三种液体，它们的液面在同一水平面上，如图所示，若容器对桌面的压强相等，则三种液体对容器底的压强（）A.甲最大B.乙最大C.丙最大D.一样大【分析】由题意可知，三容器对桌面的压强相等，且三容器的底面积相等，根据F=pS可知三容器对水平桌面的压力关系，三容器的质量相等，根据水平而上物体的压力和自身的重力相等以及F=G=mg可知三液体的质量关系，|±|图可知三容器内液体的体积关系，根据p=号可知三液体的密度关系，三液面在同一水平面上,根据p=pgh判断三液体对容器底部的压强关系即可得出答案。【解答】解：因三容器对桌面的压强相等，且三容器的底面积相等，所以，由p二号的变形式F二pS可知，三容器的对水平桌面的压力相等，因水平而上物体的压力和自身的重力相等，且三容器的质量相等，所以，tlF=G,^=（m液+m容）g口J知，三液体的质量相等，由图可知，三液体的体积关系为V甲＜V乙＜V丙，由P二号可得，二液体的密度为卩甲＞卩乙＞卩丙，因三液面在同一水平面上，所以，由p=pgh可知，三液体对容器底部的压强为p甲〉p乙＞p丙，故A正确、BCD错误。故选：Ao【点评】本题考查了液体压强公式和压强定义式、密度公式的应用，要注意水平面上物体的压力和自身的重力相等。10・（2分）在如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S,电路正常工作，过了一会儿，灯L熄灭，两个电表中只有一个电表的示数变小，则下列判断中正确的是（） A.灯L断路B.电阻R短路C.灯L短路D.电阻R断路【分析】电路正常工作时，R与灯泡L串联，电压表与R并联，即电压表测R两端的电压。由各选项给出的故障分析电表的变化则可得出正确答案。【解答】解：A、若灯L断路，整个电路断路，两表示数都减小为零。故A错误；B、若电阻R短路，灯泡发光，电路中电阻减小，电流增大，电流表示数增大；电压表相当于与导线并联，电压表示数减小为零；此时灯泡发光，而题屮是灯L熄灭，不符合题意。故B错误；C、若灯L短路，电路中电阻减小，电流增大，电流表示数增大；此时电压表测量电源电压，电压表示数增大。故C错误；D、若电阻R断路，没有电流流过电流表，电流表示数减小为零；此时灯泡与电压表串联，由于电压表的内阻很大，则通过灯泡的屯流几乎为零，灯L熄灭；此时电压表测量电源电压，电压表示数增大。故D正确。故选：Do【点评】使用电压表检骑电路故障时，将电压表与用电器并联。闭合开关，如果电压表有示数（一般等于电源电压），说明并联的用电器断路或其它用电器都短路；如果电压表无示数，说明并联的用电器短路或其它用电器有断路。11.（2分）甲、乙两只普通照明灯泡的铭牌如图所示，如不考虑灯丝电阻随温度的变化，则下列说法中正确的是（） A.甲灯的实际功率一定是25WB.两灯均正常发光时，乙灯消耗的电能较少C.将乙灯接入110V电路中，它的实际功率为25WD.两灯均正常发光时，甲灯灯丝电阻较小【分析】(1)额定电压下灯泡的实际功率和额定功率，实际电压下的功率为实际功率；(2)灯泡正常发光时的功率和额定功率相等，根据W=Pt比较两灯泡正常发光时消耗的电能关系；(3)知道乙灯泡的额定电压和额定功率，根据卩二牛求出乙灯泡的电阻，再根tt2据P二+求出将乙灯接入110V电路中口寸的实际功率；(4)两灯均正常发光时的功率和额定功率相等，根据P二曽比较两灯泡电阻的关系。【解答】解：A・由甲灯泡的铭牌可知额定功率为25W,而实际电压不知，则实际功率不一定是25W,故A错误；A.由W二Pt可知，灯泡正常发光时消耗的电能，除了与灯泡的功率P有关外，还与灯泡的发光时间t有关，因不知灯泡发光的时间，所以无法判断灯消耗的电能多少，故B错误；222B.由P二卫1可得，乙灯泡的电阻R乙二丄二竺少工二484Q,将乙灯接入110V电RP乙100W路中时的实际功率P乙实二•学一二巴叹)2=25W,故C正确；R乙484Q22C.两灯均正常发光时的功率和额定功率相等，由P二」的变形式R二」可知，乙RP灯泡的电阻较小，故D错误。故选：Co【点评】由灯泡铭牌找出灯泡的额定电压与额定功率是正确解题的前提，熟练应 用电功率公式及其变形公式是止确解题的关键。12・(2分)如图所示是电阻甲和乙的U-I图象，下列说法正确的是()A.甲的电阻值保持10Q不变B.乙的电阻值保持20Q不变C.甲、乙并联在电路中，当电源电压为2V时，电路总电流为0.3AD.甲、乙串联在电路中，当电路电流为0.2A时，甲的功率为0.6W【分析】(1)根据欧姆定律可知，电阻一定时，通过电阻的电流与两端的电压成正比，据此分析图象甲乙电阻的变化；(2)根据并联电路的电压特点结合图象读出对应的电流，再根据并联电路的电流特点得出干路电流；(3)根据串联电路的电流特点读出图象中对应的电压，根据P二UI求岀甲的功率。【解答】解：(1)由图象可知，甲对应的电流与电压成正比，根据欧姆定律可知甲电阻的阻值不变，乙电阻的阻值变化；且当U屮二2V时，对应的电流为0.1A,故Rh，=2V=20Q；故AB不正确。0.1A(2)甲、乙并联在2V电源时，电阻两端的电压为2V,由图象可知，I甲=O.1A,I乙二O.2A,故干路电流I二I甲+1乙二O.1A+O.2A二0.3A,故C正确；(3)甲、乙串联在电路中时，通过两电阻的电流相等，由图可知U甲=4V,故甲的功率为P甲二U甲l=4VX0.2A=0.8W,故D不正确。故选：Co【点评】本题考查了串联电路的电流特点和并联电路的电压特点以及欧姆定律、电功率公式的灵活运用，关键是根据图象得出相关的信息。 13.（2分）如图所示的汽车有害尾气排放检测电路。其中，R为气敏电阻，它的阻值随有害气体浓度的増大而变小，电源电压恒定不变，Ro为定值屯阻，闭合开关，当有害尾气浓度增大时下列判断正确的是（）A.电压表示数变大,电流表示数变大B.电压表示数变小，电流表示数变小C.电压表示数变大，电流表示数变小D.电压表示数变小,电流表示数变大【分析】由电路图可知，Ro与R串联，电压表测R两端的电压；根据“气敏电阻R的阻值随有害气体浓度的增大而变小〃得出当有害尾气浓度增大时气敏电阻R阻值的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和定值电阻Ro两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知电压表示数的变化。【解答】解：由屯路图可知，Ro与R串联，屯压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。因气敏电阻R的阻值随有害气体浓度的增大而变小，所以，当有害尾气浓度增大时，R的阻值变小，电路中的总电阻变小,由I二半可得，电路中的电流变大，即电流表的示数变大，故BC错误；由U二IR可知，定值电阻Ro两端的电压变大，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，R两端的电压变小，即电压表的示数变小，故A错误，D正确。故选：Do【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律的应用,利用好"气敏电阻R的阻值随有害气体浓度的增大而变小〃是关键。14.（2分）关于能源、材料、信息的说法正确的是（）A.光伏发电的晶体板是绝缘体B.太阳能、核能等新能源都属于可再生能源C.电热器中的发热体是由超导体材料制成的 A.〃北斗卫星〃导航是利用电磁波传递信息的【分析】（1）硅具有金属和非金属的性质，是良好的半导体材料，在制作计算机芯片、太阳能电池的主要材料；（2）能从自然界源源不断得到的是可再生能源，一旦消耗就很难在短时间内得到补充的，是不可再生能源；（3）超导体的屯阻为0；（4）卫星导航、移动通信都是利用电磁波来传递信息的。【解答】解：A、光伏发电的晶体板是由半导体材料制成的，故A错误；B、太阳能可以源源不断地得到，是可再生能源，而核能是不可再生能源，故B错误；C、电热器是利用电流的热效应工作的，故发热体是不能由超导材料制成，故C错误；D、〃北斗〃卫星导航是利用电磁波进行定位和导航的，故D止确。故选：Do【点评】本题考查了关于能源、信息和材料等方面的一些基础知识，全面了解相关的基础知识可顺利解答。二.填空题（共5小题，满分10分，每小题2分）13.（2分）汽车上坡前，往往加大油门，这是为了增大动能；在爬坡过程屮又调成低速档位，这是为了获得较大的牵引力，汽车匀速上坡时，机械能增大（选填"增大〃"减小〃"不变“）。【分析】（1）动能的大小与物体的质量、速度有关；重力势能的大小与物体的质量、高度有关;（2）动能和势能统称为机械能；【解答】解：汽车上坡前，加大油门可以提高车速，在汽车质量一定时，可以增加汽车的动能，这样在上坡时，可以有更多的动能转化为重力势能;汽车匀速上坡时，质量不变，速度不变，故动能不变，同时高度增加，所以重力势能增大；机械能等于动能与势能的总和，所以汽车的机械能增大。故答案为：动能；増大。【点评】知道动能、重力势能和机械能大小的影响因素是解决该题的关键。 16・(2分)如图所示，可燃冰是天然气和水结合在一起的I古1体化合物，外形与冰相似，主要由水分子和甲烷分子组成，也称甲烷水合物。同等条件下，"可燃冰〃完全燃烧放出的热量可达煤气的数十倍，这说明〃可燃冰〃的热值很大。可燃冰〃完全燃烧放出的热量，可以使250kg的水从20°C升温到60°C【已知:c^=4.2X103J/(kg>°C),q^=4.2X108J/kg]【分析】(1)lkg某种燃料完全燃烧放出的热量，叫这种燃料的热值；(2)利用Q放二mq求出1kg可燃冰完全燃烧放岀的热量，据此Q=cmAt求水的质量。【解答】解：(1)在同等条件下，包含质量相同，“可燃冰〃完全燃烧放出的热量达到煤气的数十倍，说明〃可燃冰〃的热值很大；(2)100g"可燃冰〃完全燃烧放出的热量：Qj»=mq可燃冰二O.lkgX4.2XIO8J/kg=4.2XIO7J,由Q=cmAt可得，烧水的质量为：打二単二=4・2X1oh二250kg。c/kt4.2X103J/(kg-DX(60r-20°C)故答案为：热值；250o【点评】本题考查了学生对燃料的热值、燃料完全燃烧放热公式、热量的公式掌握和运用，难度不大。17・(2分)如图所示，A物体质量为2kg,在力F的作用下沿水平地面做匀速直线运动，物体运动了5m,弹簧测力计读数为5N,若不计绳与轮之间的摩擦和绳 重，则A受地面的摩擦力为10N,拉力F做的功是50J。【分析】由测力计的示数，可知F的大小，F克服的是物体与地面间的摩擦力，由于动滑轮能省一半的力，所以摩擦力是拉力F的2倍。绳子自由端而通过距离s=ns物，由W=Fs计算拉力F做的功。【解答】解：图中滑轮为动滑轮，若不计绳与轮之间的摩擦和绳重，物体沿水平地面做匀速直线运动，所以f=2F=2X5N=10N；物体通过距离5m,所以绳子自由端而通过距离s=ns物=2X5m二10m,所以拉力做功W=Fs=5NX10m=50J。故答案为：10；50o【点评】木题考查了动滑轮特点和功的计算相关知识，关键是正确找到绳子自由端拉力F通过的距离。18.(2分)把一铁块浸没在盛满酒精的烧杯中，从杯屮溢出8g的酒精；现把它浸没在盛满水的烧杯中，则从杯中溢出的水是10g,这铁块的质量是一0.079kg・(p^=7.9X103kg/m3,pm=0.8X103kg/m3)【分析】铁块在水中受到的浮力等于它排开的水的重力，根据浮力公式可求铁块的体积，浸入水中后，铁块的体积不变，根据公式可求在水中受到的浮力，也就是排开水的重力，进一步求出水的质量。【解答】解：铁块在酒精受到的浮力：F浮洒桁二G排扌$酒枯g=0.008kgX10N/kg=0.08N,F浮二p酒荊V撐g,・・・铁块的体积：v=v=1X10F浮酒精0.08NP酒精名0.8X103kg/m3X10N/kg溢出水的重力:G=F浮水二p水gV=1.0X103kg/m3XlON/kgX1X10"5m3=0.1N, 溢出水的质量:=0.01kg=10go由P二器得铁块的质量：m=p铁V=7.9X103kg/m3X1X10"5m3=0.079kg。故答案为：10；0.079o【点评】本题考查了学生对重力公式、阿基米德原理的掌握和运用，知道前后铁块的体积不变（排开液体的体积不变）是本题的关键。19.（2分）某手机专用锂电池，上面标明电压为3.7V,容量为1000mAh,给它充电时，电能转化为化学能,充满电后，大约储存了13320J的电能。【分析】（1）屯池提供屯能时是把储存的化学能转化屯能；（2）知道电池的容量，根据W=Ult求岀电流做的功即为储存的电能。【解答】解：电池充电和供电是相反的过程，充电时是把电能转化为化学能，放电时是把化学能转化电能；手机锂电池充满电后，存储的电能：W=Ult=3.7VX1000X103AX3600s=13320J。故答案为：（1）电；化学；（2）13320。【点评】木题考查了手机电池充满电后储存电能的计算，电池充电过程的能量转化等，关键是明白手机电池容量的含义。三.作图题与实验探究题（共4小题，满分16分）20・（2分）根据图中给出的入射光线，画出相应的折射光线。【分析】在作凸透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特点来作图。【解答】解：过光心的光线经凸透镜折射后传播方向不改变；通过焦点的光线经凸透镜折射后 将平行于主光轴。据此画出相应的折射光线，如图所示：【点评】凸透镜的三条特殊光线：①通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴。②平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点。③过光心的光线经凸透镜折射后传播方向不改变。21・（4分）在"探究杠杆的平衡条件〃实验中:（1）如图a所示，为使杠杆在水平位置平衡，应将杠杆右端的平衡螺母向」旋（选填〃左"或“右〃）。（2）如图b所示，在A位置上挂两个相同钩码，应该在B位置挂上1个同样的钩码，才能使杠杆在水平位置平衡。（3）如图c所示，弹簧测力计由竖直方向逐渐向左转动，杠杆始终保持水平平衡，则弹簧测力计的示数将变大（选填"变大〃、"变小〃或“不变〃）。（4）使用杠杆能为我们的牛活带来方便。如图d所示，下列杠杆能够省距离的是D。【分析】（1）调节杠杆平衡时，平衡螺母向上翘的一端移动；（2）设杠杆的一个小格为L,一个钩码重为G,根据杠杆平衡求出钩码的个数;（3）阻力和阻力臂不变时，动力臂减小，动力变大；（4）结合图片和生活经验，判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆，省力的费距离、费力的省距离。【解答】解： （1）由图a知，杠杆的右端较高，为使杠杆在水平位置平衡，应将杠杆右端的平衡螺母向右旋；（2）设杠杆的一个小格为L,一个钩码重为G,因为，FJi二F2I2，所以，2GX2L=nGX4L,所以，n=l,所以在A处挂1个钩码；（3）弹簧测力计由竖直方向逐渐向左传动时，阻力和阻力臂不变，动力臂变小,根据杠杆的平衡条件可知，动力变大，所以，弹簧测力计的示数将变大；（4）A、钳子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，但费距离；B、独轮车在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，但费距离；C、羊角锤在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，但费距离；D、筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，但省距离。故答案为：（1）右；（2）1；（3）变大；（4）Do【点评】在探究杠杆平衡条件时，使杠杆在水平位置平衡，是为了便于在杠杆上读出动力臂和阻力臂。杠杆平衡条件是杠杆平衡计算的基础内容，一定要掌握。此题同时考查杠杆的分类，主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂;②费力杠杆，动力僭小于阻力僭；③等臂杠杆，动力僭等于阻力僭。22.（5分）小明学了有关电磁方面的知识后，设计了如图所示的甲、乙两个装置（1）为了探究电磁感应现象，小华应选用甲装置进行实验。（2）小明选用甲装置探究有关知识时，进行了如下的操作，其中不能使电流表指针发生偏转的是③（填序号）①让导线ab在磁场屮斜向上运动；②让导线ab在磁场屮沿水平方向左右运动③让导线ab沿竖直方向上下运动 甲p乙(3)如果在乙装置的实验中，当开关闭合时，发现直导线ab向左运动，若要使导线ab向右运动，你采取的措施是将磁铁N、S极对调(或将连接电源两极的导线对调)。(4)甲、乙两图的原理分别用于制造发电机和电动机。(选填“电动机〃或"发电机〃)。【分析】(1)(4)电磁感应现象的前提是运动，结果是产生电流，即将机械能转化为电能；通电导体在磁场中受力的前提是通电，结果是受力运动，即将电能转化为机械能；区分上述两个实验的主要依据是看是否存在电源，故据上面的理解分析该题即可解决；(1)产生感应电流的条件是：闭合电路的一部分导体在磁场屮做切割磁感线运动，会产生感应电流，本题判断电流表指针偏转就是产生感应电流，关键是看导体是否切割磁感线；(2)通电导体在磁场中受力，受力方向与磁场方向、电流方向两个因素有关，只改变其中一个因素，可以改变运动方向，同时改变两个因素，运动方向不会改变。【解答】解：(1)甲图中，连接电路后，在外力作用下使导体左右运动，切割磁感线，则电流表指针发生偏转，说明此时有感应电流产生，可以探究电磁感应现象；(2)甲图中磁感线沿竖直方向，让导线ab在磁场中斜向上运动或左右运动会切割磁感线，导线ab沿竖直方向上下运动不会切割磁感线，故③符合题意；(3)要改变通电导线的受力方向，可改变磁场方向或线圈中电流方向；乙图中，改变磁场的方法，可以将磁铁N、S极对调，改变电流的方法，可以将连接电源两极的导线对调；(4)甲图中没有电源，若开关闭合，金属棒做左右切割磁感线运动，此时电路 中就会产生电流，所以是电磁感应实验的装置，据此原理人类制造出了发电机；乙屮有电源，是因通电而运动，即是通电导体受力的作用的实验装置，是电动机的制造原理。故答案为：(1)甲;(2)③；(3)将磁铁N、S极对调(或将连接电源两极的导线对调);(1)发电机；电动机。【点评】对比记忆：(1)电磁感应现象实验装置没有电源直接供电；通电导体在磁场中受力实验装置有电源直接供电；(2)电磁感应现象实验影响电流方向的因素是运动方向和磁场方向；通电导体在磁场中受力实验影响受力方向的因素是电流方向和磁场方向；(3)电磁感应现象实验屮机械能转化为电能；通电导体在磁场屮受力实验中电能转化为机械能；(3)发电机利用电磁感应现象原理；电动机利用通电导体在磁场中受力原理。22.(5分)在“测量小灯泡额定功率〃的实验中，小刚同学用一个电压表、一个电流表、一个开关一个滑动变阻器、电压为6V的电源和额定电压为3.8V的小灯泡,设计了如图甲所示电路。T(1)1E确连接好电路后，闭合开关，当滑动变阻器的滑片向左移动时，电流表示数变大(选填〃变大〃、〃变小〃或〃不变〃)。当电压表的示数为3.8V吋小灯泡正常发光，此时电流表指针如图丙所示，其示数为0.3A,小灯泡的额定功率为1丄4W。(2)在完成以上实验后，小明进一步测量并描绘岀小灯泡的电流随电压变化的曲线如图丁所示，通过图象发现灯丝的电阻是变化的，产生这一现象的原因是：灯丝电阻随温度的变化而变化；(3)有一位同学在连接好电路后，闭合开关，在移动滑动变阻器滑片P的过程屮发现：灯泡变亮时电压表示数变小；灯泡变暗时，电压表示数变大。经检查所 用器材完好，出现这种现象的原因可能是电压表与滑动变阻器并联了。【分析】(1)当滑动变阻器的滑片向左移动时，连入电路的电阻丝减少，电阻减小，电流增大，当电压表的示数为3.8V时小灯泡止常发光，根据电流表的量程和分度值读出示数，根据P二UI求出额定功率。(1)通过观察小灯泡的电流随电压变化的曲线，看出灯丝的屯阻是变化的，原因是当灯两端的电压增大时，实际功率增大，亮度增加，温度升高，改变了灯丝的电阻。(2)在调节滑动变阻器时，灯泡逐渐变亮(电路中电流变大)，而电压表的示数变小，说明电压表不是接在小灯泡的两端，而是电压表与滑动变阻器并联了。【解答】解：(1)当滑动变阻器的滑片向左移动吋，连入电路的电阻丝减少，电阻减小，电流增大，当电压表的示数为3.8V时小灯泡正常发光；电流表的量程为0〜0.6A,分度值为0.02A,示数为0.3A,灯泡额定功率P=UI=3.8VX0.3A=1.14Wo(2)由图知：当灯两端的屯压增大时，电流增大，实际功率增大，亮度增加，温度升高，灯丝的电阻增大。(3)在移动滑片时，灯泡逐渐变亮(灯两端的电压增大)，而电压表的示数变小,说明电压表不是接在小灯泡的两端，而是电压表与滑动变阻器并联了。故答案为：(1)变大；0.3；1.14；(2)灯丝电阻随温度的变化而变化；(3)电压表与滑动变阻器并联了。【点评】本题考查了电表量程的选择和正确的使用、电路故障的判断、电流表的读数、电功率的简单计算等知识，是一道基础实验题。四.计算题(共3小题，满分16分)24・(4分)用一个瓶子盛某种液体，测出装入液体的体积V与液体和瓶子的总质量m,画出m-V的关系图象如图所示。求：(1)空瓶子的质量是多少？(2)该液体的密度是多少？(3)如果在这个瓶子里装60cn?的这种液体，液体与瓶子的总质量为多少? 【分析】(1)瓶子的质量就是当液体体积为零时，纵轴上的示数；(2)利用公式p二号可求出液体的密度，注意耍减去瓶子的质量；(3)已知液体的密度和体积，利用密度公式的变形m二pV可求液体质量，再加上瓶子的质量就是总质量。【解答】解：(1)读图可知，当液体体积为0时，即没有液体时，质量m=40g,即为瓶子的质量；(2)读图可知，当体积为50crr?时,液体质量为100g-40g=60g,则液体的密度p=—=60g=1.2g/cm3oV50cinJ(3)装60cm3的这种液体，液体的质量由P二晋可得,m"=pV"=1.2gX60cn?=72g,液体与瓶子的总质量为，m总二72g+40沪答：(1)空瓶了的质量是40g；(2)这种液体的密度是1.2g/cm3；(3)如果在这个瓶子里装60cn?的这种液体，液体与瓶子的总质量为112go【点评】读取图彖获取信息，进一步进行分析和计算，是本题的一大特点，形式较为新颖，既考查了密度的相关计算，同时更考查了对图象的认识，值得我们关注，这也是我们应该锻炼的实验能力。25.(6分)如图所示，水平地面上有底面积为40cm2的薄壁容器。体积为V=200cm3的木块A在绳子向下的拉力F二0.8N的作用下完全浸没在水中(绳子重力不计)•此时液面到容器底的距离是30cm,求：（1）水对容器底的压强。（2）木块的重力。（3）剪断绳子，待木块静止后水对容器底的压强变化了多少。 【分析】（1）已知水的深度，利用p=pgh求岀水对容器底的压强；（2）由于木块完全浸没在水屮，所以排开水的体积等于木块的体积，利用阿基米德原理求所受浮力；木块浸没在水中吋，木块受向上的浮力、向下的拉力和向下的重力，根据力的平衡条件求木块受到的重力；（3）若剪断绳子，木块将漂浮，浮力等于重力，根据阿基米徳原理求出排开水的体积；液体压强公式是p二p液gh,判断压强变化只要分析液体深度变化即可。【解答】解：（1）此时容器底部受到水的压强：p=p水gh=1.0X103kg/m3X10N/kgX0.3m=3000Pa；（2）由于木块完全浸没在水中,则V»i=V=200cm3=2X10"4m3,此时木块受到的浮力：F浮!=p水gV排2=1.0X103kg/m3X10N/kgX2X10-4m3=2N,当木块完全浸没在水屮时，木块受向上的浮力、向下的重力和向下的拉力；根据力的平衡条件可得：F浮二G木+F拉，则木块的重力：G木二F浮-F拉二2N-0.8N=1.2N；（3）绳子剪断之后，木块受到的浮力等于木块的重力，所以F浮2二1.2N；此时木块排开水的体积V推2=1^-二丁・观=1.2X104m3,P水g1.0X10Jkg/mJX10N/kg此时木块排开水水的体积比完全浸没在水中少排开水的体积△V=V排1-V”二2X10*4m3-1.2X10_4m3=0.8X10"4m3,.-43此时容器水面降低的深度h=AV=°-8><10=0.02m,S底面狽4X10"3mJ所以剪断绳子后，水对容器底减小的压强△pLpghMOXlo"kg/m"xiON/kgX0.02m=200Pao 答：(1)水对容器底的压强为3000Pa；(2)木块的重力为1.2N；(3)剪断绳子，待木块静止后水对容器底的压强变化了200Pa。【点评】本题考查了液体压强的计算、力的平衡条件、物体的浮沉条件和阿基米徳原理的应用，难点是利用力的平衡条件求木块所受的重力和剪断绳子后水面降低的深度。额定电压V220频率Hz50吹热凤时的功率w980吹冷凤时的功率w10026.(6分)如图1是电吹风工作原理的电路图(R为电热丝，M为电动机).图2是该电吹风的铭牌。求：E2(1)该电吹风正常"工作U吹热风6min,消耗的电能为多少kw・h?(2)电吹风正常工作H吹热风时，流过电热丝的电流有多大？(3)电热丝R的阻值有多大？(电热丝阻值随温度的变化不计)【分析】(1)由铭牌可知，电风扇正常工作且吹热风时的功率，根据W二Pt求出消耗的电能；(2)由电路图可知电动机和电热丝R并联，则电热丝的功率等于吹热风吋的功率减去吹冷风时的功率，根据并联电路的电压特点和P=UI求出流过电热丝的电流；(3)根据欧姆定律求岀电热丝的电阻。【解答】解：(1)由铭牌数据可知，该电风扇正常工作U吹热风的功率为980W,由P二邑可得，该电吹风正常工作且吹热风6min消耗的电能：tW=P执t=980X10■3kWXAh=0.098kW*h；60(2)由电路图可知，吹热风时电动机和电热丝R并联，则电热丝的功率等于吹热风时的功率减去吹冷风时的功率，即Pr二p热-pM=980W-100W=880W,由P=UI可得，流过电热丝的电流：|r=Pr=880W_=4A,U220V(3)由I二丄可得，电热丝的电阻：R r=jlj_=22ov_=55QoIr4A答：(1)该电风扇正常工作且吹热风6min,消耗的电能为0.098kW>h；(2)电吹风正常工作且吹热风时，流过电热丝的电流为4A；(3)屯热丝R的阻值为55Q。【点评】本题考查了电功公式、电功率公式、欧姆定律和并联电路的电压特点的综合应用，关键是知道电热丝的功率等于吹热风时的功率减去吹冷风时的功率。